Aufgabe 4.5Z: Nochmals Transinformation

Die Grafik zeigt oben die in dieser Aufgabe zu betrachtende Verbund–WDF f_XY(x, y), die identisch ist mit der „grünen” Konstellation in Aufgabe A4.5. Die Skizze ist in der y–Richtung um den Faktor 3 vergrößert. Im grün hinterlegten Definitionsgebiet ist die Verbund–WDF konstant gleich C = 1/F, wobei F die Fläche des Parallelogramms angibt.

In der Aufgabe A4.5 wurden folgende differentielle Entropien berechnet: $$h(X) \ = \ {\rm log} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}A\hspace{0.05cm})\hspace{0.05cm},$$ $$h(Y) = {\rm log} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}B \cdot \sqrt{ {\rm e } } \hspace{0.05cm})\hspace{0.05cm},$$ $$h(XY) = {\rm log} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}F \hspace{0.05cm}) = {\rm log} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}A \cdot B \hspace{0.05cm})\hspace{0.05cm}.$$ In dieser Aufgabe sind nun die speziellen Parameterwerte A = e^–2 und B = e^0.5 zu verwenden. Außerdem ist zu beachten:

Bei Verwendung des natürlichen Logarithmus „ln” ist die Pseudo–Einheit „nat” anzufügen.
Verwendet man den Logarithmus dualis ⇒ „log₂”, so ergeben sich alle Größen in „bit”.

Entsprechend dem obigen Schaubild sollen nun auch die bedingten differentiellen Entropien h(Y|X) und h(X|Y) ermittelt und deren Bezug zur Transinformation I(X;Y) angegeben werden.

Hinweis: Die Aufgabe gehört zum Themengebiet von Kapitel 4.2.

Fragebogen

$h(X)$ =

$h(Y)$ =

$h(XY)$ =

$I(X;Y)$ =

$h(X)$ =

$h(Y)$ =

$h(XY)$ =

$I(X;Y)$ =

$h(Y|X)$ =

$h(X|Y)$ =

	Sowohl H(X) als auch H(Y) im wertdiskreten Fall.
	Die Transinformation I(X; Y) im wertdiskreten Fall.
	Die Transinformation I(X; Y) im wertkontinuierlichen Fall.
	Sowohl h(X) als auch h(Y) im wertkontinuierlichen Fall.
	Sowohl h(X\|Y) als auch h(Y\|X) im wertkontinuierlichen Fall.
	Die Verbundentropie h(XY) im wertkontinuierlichen Fall.

Musterlösung

a) Hier bietet sich die Verwendung des natürlichen Logarithmus an:

Die Zufallsgröße X ist gleichverteilt zwischen 0 und 1/e² = e^–2:

$$h(X) = {\rm ln} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}{\rm e}^{-2}\hspace{0.05cm}) \hspace{0.15cm}\underline{= -2\,{\rm nat}}\hspace{0.05cm}. $$

Die Zufallsgröße Y ist dreieckverteilt zwischen ±e^0.5:

$$h(Y) = {\rm ln} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}\sqrt{ {\rm e} } \cdot \sqrt{ {\rm e} } ) = {\rm ln} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}{ { \rm e } } \hspace{0.05cm}) \hspace{0.15cm}\underline{= +1\,{\rm nat}}\hspace{0.05cm}.$$

Die Fläche des Parallelogramms ergibt sich zu

$$F = A \cdot B = {\rm e}^{-2} \cdot {\rm e}^{0.5} = {\rm e}^{-1.5}\hspace{0.05cm}.$$ Damit hat die 2D–WDF im grün hinterlegten Bereich die konstante Höhe C = 1/F = e^1.5 und man erhält für die Verbundentropie: $$h(XY) = {\rm ln} \hspace{0.1cm} (F) = {\rm ln} \hspace{0.1cm} (\hspace{0.05cm}{\rm e}^{-1.5}\hspace{0.05cm}) \hspace{0.15cm}\underline{= -1.5\,{\rm nat}}\hspace{0.05cm}.$$ Daraus ergibt sich für die Transinformation: $$I(X;Y) = h(X) + h(Y) - h(XY) = -2 \,{\rm nat} + 1 \,{\rm nat} - (-1.5 \,{\rm nat} ) \hspace{0.15cm}\underline{= 0.5\,{\rm nat}}\hspace{0.05cm}.$$ b) Allgemein gilt der Zusammenhang log₂(x) = ln(x)/ln(2). $$h(X) \ = \ \frac{-2\,{\rm nat}}{0.693\,{\rm nat/bit}}\hspace{0.35cm}\underline{= -2.886\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm},$$ $$h(Y) \ = \ \frac{+1\,{\rm nat}}{0.693\,{\rm nat/bit}}\hspace{0.35cm}\underline{= +1.443\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm},$$ $$h(XY) \ = \ \frac{-1.5\,{\rm nat}}{0.693\,{\rm nat/bit}}\hspace{0.35cm}\underline{= -2.164\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm},$$ $$I(X;Y) \ = \ \frac{0.5\,{\rm nat}}{0.693\,{\rm nat/bit}}\hspace{0.35cm}\underline{= 0.721\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm}.$$ Oder auch: $$I(X;Y) = -2.886 \,{\rm bit} + 1.443 \,{\rm bit}+ 2.164 \,{\rm bit}{= 0.721\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm}.$$ c) Die Transinformation kann auch in der Form I(X; Y) = h(Y) – h(Y|X) geschrieben werden: $$h(Y \hspace{-0.05cm}\mid \hspace{-0.05cm} X) = h(Y) - I(X;Y) = 1 \,{\rm nat} - 0.5 \,{\rm nat} \hspace{0.15cm}\underline{= 0.5\,{\rm nat}= 0.721\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm}.$$ d) Für die differentielle Rückschlussentropie gilt entsprechend: $$h(X \hspace{-0.05cm}\mid \hspace{-0.05cm} Y) = h(X) - I(X;Y) = -2 \,{\rm nat} - 0.5 \,{\rm nat} \hspace{0.15cm}\underline{= -2.5\,{\rm nat}= -3.607\,{\rm bit}}\hspace{0.05cm}.$$ Alle hier berechneten Größen sind in der Grafik am Seitenende zusammengestellt. Pfeile nach oben kennzeichnen einen positiven Beitrag, Pfeile nach unten einen negativen.

e) Richtig sind die Lösungsvorschläge 1 bis 3. Nochmals zur Verdeutlichung:

Für die Transinformation gilt stets I(X; Y) ≥ 0.
Im wertdiskreten Fall gibt es keine negative Entropie, jedoch im wertkontinuierlichen.